jquery表单提交不跳转，jquery实现表单提交

提交表单后不跳转页面是什么原因

1、页面不跳转是由于action没写正确。示例：action=insertStudent.phpmysql_select_db(db_student)；这里选择操作的数据库是db_student，确保操作的数据表名称也是 db_student才可以。

2、火狐兼容，是因为火狐浏览器有一定的容错机制，但是IE就没有。还有跳转的链接 尽可能写完整 超链接 应该写成 超链接 因为楼主你没有约束namespace ，所以这里直接跳转 action=/RoleAction/finRoleAuthorityList.action肯定会有问题。

3、单步调试，在你的action中看看是否执行到跳转的那一步。同时看看是否报错，有的话把报错信息给贴出来大家才能帮你看。

4、可能是因为：web.xml没有配置servlet路径服务器无法找到servlet程序 路径问题 一般在myeclipse中创建一个servlet，在web.xml中的配置虚拟路径/servlet/servlet名称。

5、“原表单页面弹出一个表单处理成功或者失败的提示框”。

6、location.href=xxx.html，它是执行了，的确是去执行了跳转的，于是ajax完成了，那接下来就要把刚才的submit提交的请求完成，这时候又会调回原界面，让你觉得document.location.href=xxx.html没有跳转。解决办法：ajax中success添加return true 在form表单action中添加跳转地址。希望对你有所帮助。

相关问答

Q1: jquery请求网页地址,并且提示成功,但是不需要跳转页面,怎么做?_百度...

post 请求 第一个参数是 url 请求地址，第二个参数 发送的请求数据用 json 格式来发送，第三个是回调函数，function 里面可以添加 obj ，这是请求 url 的返回数据。.post(url，data，function(){})用这个请求不会跳转界面。思路是 onclick 调用一个函数，函数里面就是前面说的请求。

这个直接javascript就可以实现的：百度改变herf document.getElementById(btn).addEventListener(click，change)； function change() { document.getElementById(aid).href=http：// }以上代码即可实现。

当你需要提示时，获取这个div使它显示（jquery的show()等方法）即可；关闭的响应是，display重置为hidden（jquery的hide()等方法），注意设置该div的index，有时太小会显示在底层。 稍好的就是动态插入该div的dom结构，关闭时移除并释放内存。

jquery ajax请求成功，进入了success，但是返回的数据data为空是因为设置出现问题，解决方法为：创建基本的文件结构json_ajax.html和json_ajax.php，下载jquery.js。如图编写json_ajax.html和json_ajax.php文件的编码。在w(l)amp环境下运行json_ajax.html。json_ajax.php，运行结果如图。

Q2: 使用JQuery的.ajax()提交表单后当前页面表单内容被清空,请问如何保留...

这个建议你用ajax来完成。以jq的ajax为例 ＝＝＝ (#form).submit(function(){ var strArray=$(this).serializeArray()；//将form表单转为数组形式序列化表单 .post(你要提交的后台页面地址，strArray，function(result，status){ //result是由后台返回的id //status是状态，为success时成功。

在function里面用这句就可以了，trigger(reset)触发form的reset[重置]事件相当于点击reset按钮。

如果用的是jquery的ajax的话，在ajax完成中会有回调函数，success是代表请求成功的，在函数中写location.reload()，就可以刷新当前页面，如果要请求完成jquery也有函数ajaxComplate()，可以直接去查一下jquery的文档。

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