Codeforces Round #603 (Div. 2)

提示：扫一扫查出行
【扫一扫了解最新限行尾号】
复制提示

传送门

感觉脑子还是转得太慢了QAQ，一些问题老是想得很慢。。。

A. Sweet Problem

签到。

Code

/*

 * Author:  heyuhhh

 * Created Time:  2019/11/29 22:36:19

 */

#include <iostream>

#include <algorithm>

#include <vector>

#include <cmath>

#include <set>

#include <map>

#include <iomanip>

#define MP make_pair

#define fi first

#define se second

#define sz(x) (int)(x).size()

#define all(x) (x).begin(), (x).end()

#define INF 0x3f3f3f3f

#define Local

#ifdef Local

  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)

  void err() { std::cout << '\n'; }

  template<typename T, typename...Args>

  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }

#else

  #define dbg(...)

#endif

void pt() {std::cout << '\n'; }

template<typename T, typename...Args>

void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pair<int, int> pii;

//head

const int N = 1e5 + 5;

int a[3];

void run(){

    for(int i = 0; i < 3; i++) cin >> a[i];

    sort(a, a + 3);

    int ans = a[0];

    int d = a[2] - a[1];

    if(d >= ans) ans += a[1];

    else {

        ans += a[1] - (ans - d + 1) / 2;

    }

    cout << ans << '\n';

}

int main() {

    ios::sync_with_stdio(false);

    cin.tie(0); cout.tie(0);

    cout << fixed << setprecision(20);

    int T; cin >> T;

    while(T--) run();

    return 0;

}

B. PIN Codes

注意到\(n\)很小，不超过\(10\)，那么就直接暴力改变就行。

可以用一个\(map\)记录一下。

Code

/*

 * Author:  heyuhhh

 * Created Time:  2019/11/29 22:46:29

 */

#include <iostream>

#include <algorithm>

#include <vector>

#include <cmath>

#include <set>

#include <map>

#include <iomanip>

#define MP make_pair

#define fi first

#define se second

#define sz(x) (int)(x).size()

#define all(x) (x).begin(), (x).end()

#define INF 0x3f3f3f3f

#define Local

#ifdef Local

  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)

  void err() { std::cout << '\n'; }

  template<typename T, typename...Args>

  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }

#else

  #define dbg(...)

#endif

void pt() {std::cout << '\n'; }

template<typename T, typename...Args>

void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pair<int, int> pii;

//head

const int N = 1e5 + 5;

int n;

map <string, int> mp;

string s[20];

void run(){

    cin >> n;

    mp.clear();

    for(int i = 1; i <= n; i++) {

        cin >> s[i];

        mp[s[i]]++;

    }

    int ans = n - mp.size();

    vector <string> res;

    for(int i = 1; i <= n; i++) {

        if(mp[s[i]] > 1) {

            string t = s[i];

            int f = 1;

            for(int j = 0; f && j < 4; j++) {

                char pre = t[j];

                for(int k = 0; k < 10; k++) {

                    t[j] = (k + '0');

                    if(mp.find(t) == mp.end()) {

                        mp[t] = 1;

                        f = 0;

                        break;

                    }

                    if(k == 9) t[j] = pre;

                }

            }

            res.push_back(t);

            --mp[s[i]];

        } else res.push_back(s[i]);

    }

    cout << ans << '\n';

    for(auto it : res) cout << it << '\n';

}

int main() {

    ios::sync_with_stdio(false);

    cin.tie(0); cout.tie(0);

    cout << fixed << setprecision(20);

    int T; cin >> T;

    while(T--) run();

    return 0;

}

C. Everyone is a Winner!

数论分块模板题。

Code

/*

 * Author:  heyuhhh

 * Created Time:  2019/11/29 22:58:21

 */

#include <iostream>

#include <algorithm>

#include <vector>

#include <cmath>

#include <set>

#include <map>

#include <iomanip>

#define MP make_pair

#define fi first

#define se second

#define sz(x) (int)(x).size()

#define all(x) (x).begin(), (x).end()

#define INF 0x3f3f3f3f

#define Local

#ifdef Local

  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)

  void err() { std::cout << '\n'; }

  template<typename T, typename...Args>

  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }

#else

  #define dbg(...)

#endif

void pt() {std::cout << '\n'; }

template<typename T, typename...Args>

void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pair<int, int> pii;

//head

const int N = 1e5 + 5;

void run(){

    vector <int> ans;

    int n;

    cin >> n;

    for(int l = 1, r; l <= n; l = r + 1) {

        r = n / (n / l);

        ans.push_back(n / l);

    }

    ans.push_back(0);

    sort(all(ans));

    cout << sz(ans) << '\n';

    for(auto it : ans) cout << it << ' ';

    cout << '\n';

}

int main() {

    ios::sync_with_stdio(false);

    cin.tie(0); cout.tie(0);

    cout << fixed << setprecision(20);

    int T; cin >> T;

    while(T--) run();

    return 0;

}

D. Secret Passwords

题意：

现在给出\(n\)个长度最多为\(50\)的字符串，定义两个字符串等价为：

若\(A,B\)等价，那么在\(A,B\)中至少存在一个字符相同；
若\(A,C\)等价以及\(B,C\)等价，那么有\(A,B\)等价。

问最后所有的字符串可以划分为多少个等价类。

思路：

一开始以为是\(bitset\)，后来发现是个并查集模板题= =

显然，问题中第一个描述：我们可以直接枚举每个字符，并将含有其的字符串合并在一起；对于第二个描述，显然可以发现第一步已经处理了这个问题，所有符合条件的已经自然地并在了一起。

那么并查集维护一下合并关系就行了。

Code

/*

 * Author:  heyuhhh

 * Created Time:  2019/11/29 23:09:50

 */

#include <iostream>

#include <algorithm>

#include <cstring>

#include <vector>

#include <cmath>

#include <set>

#include <map>

#include <iomanip>

#define MP make_pair

#define fi first

#define se second

#define sz(x) (int)(x).size()

#define all(x) (x).begin(), (x).end()

#define INF 0x3f3f3f3f

#define Local

#ifdef Local

  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)

  void err() { std::cout << '\n'; }

  template<typename T, typename...Args>

  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }

#else

  #define dbg(...)

#endif

void pt() {std::cout << '\n'; }

template<typename T, typename...Args>

void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pair<int, int> pii;

//head

const int N = 2e5 + 5;

char s[N][55];

int n;

int f[N];

int find(int x) {

    return f[x] == x ? f[x] : f[x] = find(f[x]);

}

void Union(int x, int y) {

    int fx = find(x), fy = find(y);

    if(fx != fy) {

        f[fx] = fy;

    }

}

void run(){

    vector <int> v[26];

    for(int i = 1; i <= n; i++) {

        cin >> (s[i] + 1);

        int len = strlen(s[i] + 1);

        for(int j = 1; j <= len; j++) {

            v[s[i][j] - 'a'].push_back(i);

        }

    }

    for(int i = 1; i <= n; i++) f[i] = i;

    for(int i = 0; i < 26; i++) if(sz(v[i]) > 0) {

        int x = v[i][0];

        for(int j = 1; j < sz(v[i]); j++) {

            int y = v[i][j];

            Union(x, y);

        }

    }

    int ans = 0;

    for(int i = 1; i <= n; i++) if(f[i] == i) ++ans;

    cout << ans << '\n';

}

int main() {

    ios::sync_with_stdio(false);

    cin.tie(0); cout.tie(0);

    cout << fixed << setprecision(20);

    while(cin >> n) run();

    return 0;

}

E. Editor

题意：

现在有一个打字机，一开始当前行为空白。开始时光标位于第\(1\)个位置，然后输入一个字符串为执行相关的指令，指令有：

R:光标向右移动一个位置；
L:若光标大于第\(1\)个位置，则向左移动一个位置；
其它字符：打印相关字符到当前位置，并对之前的字符进行覆盖。

每一次指令结束过后，你需要输出一个答案，该答案为：

若当前串为一个合法的括号序列，那么输出括号嵌套的最大层数，比如\("(sd)(\ ()dd)"\)则输出\(2\)；
否则输出\(-1\)。

思路：

我一开始说的就是这个题，比赛的时候感觉好多东西都没想清楚...

感觉脑子转的快的话挺好想的（马后炮？）

首先来搞清楚我们要求出答案，需要满足什么关系：

对于合法序列来说：要满足对于任意一个\(i\)，有\(sum[i]\geq 0\)。这里的\(sum[i]\)算的是我们将\((\)看作\(1\)，将\()\)看作\(-1\)，然后求的一个前缀和。并且还要满足\(sum[n]=0\)，这个比较显然。
那么最大层数呢？
简单思考可以发现，最大层数就是要求这样一个东西\(max\{sum[i]\},1\leq i\leq n\)。

怎么得到答案清楚了，接下来就是分析操作对答案的影响：

左右移动光标：这个很简单，直接移动即可。
打印字符：因为我们的\(sum[i]\)是一个前缀的结果，那么显然我们对某一位进行修改，影响的是一个后缀，那么其实每次操作都是对一个后缀的影响。
所以直接考虑线段树，每个位置表示\(sum[i]\)，并且维护一个最小值和最大值。对于修改操作，则是在线段树上的一个区间修改；对于回答，直接找相关值就行了。

剩下的就是一点点细节。

详见代码：

Code

/*

 * Author:  heyuhhh

 * Created Time:  2019/11/30 9:57:38

 */

#include <iostream>

#include <algorithm>

#include <vector>

#include <cmath>

#include <set>

#include <map>

#include <iomanip>

#define MP make_pair

#define fi first

#define se second

#define sz(x) (int)(x).size()

#define all(x) (x).begin(), (x).end()

#define INF 0x3f3f3f3f

#define Local

#ifdef Local

  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)

  void err() { std::cout << '\n'; }

  template<typename T, typename...Args>

  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }

#else

  #define dbg(...)

#endif

void pt() {std::cout << '\n'; }

template<typename T, typename...Args>

void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pair<int, int> pii;

//head

const int N = 1e6 + 5;

int n;

char s[N];

int maxv[N << 2], minv[N << 2], lz[N << 2];

void push_up(int o) {

    minv[o] = min(minv[o << 1], minv[o << 1|1]);

    maxv[o] = max(maxv[o << 1], maxv[o << 1|1]);

}

void push_down(int o, int l, int r) {

    if(lz[o] != 0) {

        int mid = (l + r) >> 1;

        maxv[o << 1] += lz[o];

        minv[o << 1] += lz[o];

        maxv[o << 1|1] += lz[o];

        minv[o << 1|1] += lz[o];

        lz[o << 1] += lz[o];

        lz[o << 1|1] += lz[o];

        lz[o] = 0;

    }

}

void build(int o, int l, int r) {

    maxv[o] = minv[o] = 0;

    if(l == r) return;

    int mid = (l + r) >> 1;

    if(l <= mid) build(o << 1, l, mid);

    if(r > mid) build(o << 1|1, mid + 1, r);

}

void upd(int o, int l, int r, int L, int R, int v) {

    if(L <= l && r <= R) {

        lz[o] += v;

        maxv[o] += v; minv[o] += v;

        return;

    }

    push_down(o, l, r);

    int mid = (l + r) >> 1;

    if(L <= mid) upd(o << 1, l, mid, L, R, v);

    if(R > mid) upd(o << 1|1, mid + 1, r, L, R, v);

    push_up(o);

}

int a[N];

void run(){

    cin >> (s + 1);

    build(1, 1, n);

    int p = 1;

    int sum = 0;

    for(int i = 1; i <= n; i++) {

        if(s[i] == '(') {

            if(a[p] == 0) upd(1, 1, n, p, n, 1), ++sum;

            else if(a[p] == -1) {

                upd(1, 1, n, p, n, 2), sum += 2;

            }

            a[p] = 1;

        } else if(s[i] == ')') {

            if(a[p] == 0) upd(1, 1, n, p, n, -1), --sum;

            else if(a[p] == 1) {

                upd(1, 1, n, p, n, -2), sum -= 2;

            }

            a[p] = -1;

        } else if(s[i] == 'R') {

            ++p;

        } else if(s[i] == 'L') {

            if(p > 1) --p;

        } else {

            if(a[p] == 1) upd(1, 1, n, p, n, -1), --sum;

            else if(a[p] == -1) upd(1, 1, n, p, n, 1), ++sum;

            a[p] = 0;

        }

        if(sum == 0 && minv[1] >= 0) {

            cout << maxv[1];

        } else cout << -1;

        cout << " \n"[i == n];

    }

}

int main() {

    ios::sync_with_stdio(false);

    cin.tie(0); cout.tie(0);

    cout << fixed << setprecision(20);

    while(cin >> n) run();

    return 0;

}

F. Economic Difficulties

题意：

给出两棵有根树树上下拼接，保证其叶子个数相同。两棵树对应叶子中间有个电机，每棵树的根可以给叶子结点供电，叶子结点可以给电机供电。

大概像这个样子：

现在要删掉最多的边，同时保证每个电机都有电。

问最多能删掉多少边？

思路：

分析删除一颗数的某个叶子结点，最多能删掉多少边。

显然，如果我们知道了上一次保留的结点\(last\)，假设当前结点为\(now\)，那么我们最多能删边的数量为：\(deep[now]-max(lca(last,now),lca(now,now+1))\)。

因为我们每次删是尽可能往多的删，那么必然会受到上一次保留的结点的限制（若保留一个结点，那么根到其的链也会保留）；同时，还要受到下一个结点的限制（默认下一次是保留的）。

那么根据这个直接\(dp\)就行，枚举下一个是哪颗子数删，然后转移一下即可。

代码如下：

Code

/*

 * Author:  heyuhhh

 * Created Time:  2019/12/2 14:42:31

 */

#include <iostream>

#include <algorithm>

#include <cstring>

#include <vector>

#include <cmath>

#include <set>

#include <map>

#include <queue>

#include <iomanip>

#define MP make_pair

#define fi first

#define se second

#define sz(x) (int)(x).size()

#define all(x) (x).begin(), (x).end()

#define INF 0x3f3f3f3f

#define Local

#ifdef Local

  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)

  void err() { std::cout << '\n'; }

  template<typename T, typename...Args>

  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }

#else

  #define dbg(...)

#endif

void pt() {std::cout << '\n'; }

template<typename T, typename...Args>

void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pair<int, int> pii;

//head

const int N = 2005;

int tot;

struct LCA {

    int n;

    vector <int> g[N];

    int a[N], deep[N], f[N][12];

    void scan() {

        cin >> n;

        for(int i = 2; i <= n; i++) {

            int p; cin >> p;

            g[p].push_back(i);

        }

        for(int i = 1; i <= tot; i++) {

            cin >> a[i];

        }

    }

    void dfs(int u, int d) {

        deep[u] = d;

        for(int i = 1; i < 12; i++) {

            f[u][i] = f[f[u][i - 1]][i - 1];

        }

        for(auto v : g[u]) {

            f[v][0] = u;

            dfs(v, d + 1);

        }

    }

    int lca(int x, int y) {

        if(!x || !y) return 1;

        if(deep[x] < deep[y]) swap(x, y);

        for(int i = 11; i >= 0; i--) {

            if(deep[f[x][i]] >= deep[y]) x = f[x][i];

        }

        if(x == y) return deep[x];

        for(int i = 11; i >= 0; i--) {

            if(f[x][i] != f[y][i]) x = f[x][i], y = f[y][i];

        }

        return deep[f[x][0]];

    }

}A, B;

int dp[N][N];

void run(){

    A.scan(); B.scan();

    A.dfs(1, 1); B.dfs(1, 1);

    dp[0][1] = A.deep[A.a[1]] - A.lca(A.a[1], A.a[2]);

    dp[1][0] = B.deep[B.a[1]] - B.lca(B.a[1], B.a[2]);

    int ans = 0;

    for(int i = 0; i <= tot; i++) {

        for(int j = 0; j <= tot; j++) {

            if(i == j) continue;

            int Max = max(i, j);

            if(Max == tot) {

                ans = max(ans, dp[i][j]);

                continue;

            }

            dp[i][Max + 1] = max(dp[i][Max + 1], dp[i][j] + A.deep[A.a[Max + 1]] - max(A.lca(A.a[i], A.a[Max + 1]), A.lca(A.a[Max + 1], A.a[Max + 2])));

            dp[Max + 1][j] = max(dp[Max + 1][j], dp[i][j] + B.deep[B.a[Max + 1]] - max(B.lca(B.a[j], B.a[Max + 1]), B.lca(B.a[Max + 1], B.a[Max + 2])));

        }

    }

    cout << ans << '\n';

}

int main() {

    ios::sync_with_stdio(false);

    cin.tie(0); cout.tie(0);

    cout << fixed << setprecision(20);

    while(cin >> tot) run();

    return 0;

}

另外还有一种比较巧妙的方法，给大家推荐卿学姐的视频题解(感谢卿学姐orz)

就是如果我们知道删除某个区间的最大代价，那么问题就等价于一个类似于区间覆盖的问题，到时候直接一维\(dp\)就行了。

怎么求这个代价呢。直接\(dfs\)求就行了，毕竟空间复杂度\(O(n^2)\)可以接受，用一个数组\(val[l,r]\)表示不给\([l,r]\)供电最多能删几条边，更新的时候维护一下子树\(sz\)即可（任意一个区间都可以等价于某颗子树的叶子节点）。

细节详见代码：

Code

/*

 * Author:  heyuhhh

 * Created Time:  2019/12/2 18:46:13

 */

#include <iostream>

#include <algorithm>

#include <cstring>

#include <vector>

#include <cmath>

#include <set>

#include <map>

#include <queue>

#include <iomanip>

#define MP make_pair

#define fi first

#define se second

#define sz(x) (int)(x).size()

#define all(x) (x).begin(), (x).end()

#define INF 0x3f3f3f3f

#define Local

#ifdef Local

  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)

  void err() { std::cout << '\n'; }

  template<typename T, typename...Args>

  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }

#else

  #define dbg(...)

#endif

void pt() {std::cout << '\n'; }

template<typename T, typename...Args>

void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pair<int, int> pii;

//head

const int N = 2005;

int n;

int dp[N];

int l[2][N], r[2][N], sz[2][N];

int val[2][N][N];

vector <int> g[2][N];

void dfs(int T, int u) {

    if(u != 1) sz[T][u] = 1;

    for(auto v : g[T][u]) {

        dfs(T, v);

        l[T][u] = min(l[T][u], l[T][v]);

        r[T][u] = max(r[T][u], r[T][v]);

        sz[T][u] += sz[T][v];

    }

    val[T][l[T][u]][r[T][u]] = max(val[T][l[T][u]][r[T][u]], sz[T][u]);

}

void run(){

    memset(l, INF, sizeof(l));

    for(int k = 0; k < 2; k++) {

        int a; cin >> a;

        for(int i = 2; i <= a; i++) {

            int p; cin >> p;

            g[k][p].push_back(i);

        }

        for(int i = 1; i <= n; i++) {

            int x; cin >> x;

            l[k][x] = i, r[k][x] = i;

        }

        dfs(k, 1);

    }

    for(int i = 1; i <= n; i++) {

        for(int j = 0; j < i; j++) {

            dp[i] = max(dp[i], dp[j] + max(val[0][j + 1][i], val[1][j + 1][i]));

        }

    }

    cout << dp[n] << '\n';

}

int main() {

    ios::sync_with_stdio(false);

    cin.tie(0); cout.tie(0);

    cout << fixed << setprecision(20);

    while(cin >> n) run();

    return 0;

}

发现最近写题解越来越啰嗦了qaq。

正文

A. Sweet Problem

B. PIN Codes

C. Everyone is a Winner!

D. Secret Passwords

E. Editor

F. Economic Difficulties

相关阅读

excel中round函数怎么用，excle round函数

专门外卖小程序开发有哪些，外卖小程序源码可运营可二次开发

餐厅经营游戏代码，一款经营餐厅的游戏

服务器软件开发，服务器软件开发方案

有恋爱养成的策略游戏，恋爱养成游戏

动作游戏索尼，索尼十大游戏

华硕电脑什么登录，华硕登陆入口

显卡公母线插头怎么接，显卡的线是怎么插的?

目录[+]

A. Sweet Problem

B. PIN Codes

C. Everyone is a Winner!

D. Secret Passwords

E. Editor

F. Economic Difficulties

相关阅读

excel中round函数怎么用，excle round函数

专门外卖小程序开发有哪些，外卖小程序源码可运营可二次开发

餐厅经营游戏代码，一款经营餐厅的游戏

服务器软件开发，服务器软件开发方案

有恋爱养成的策略游戏，恋爱 养成游戏

动作游戏索尼，索尼十大游戏

华硕电脑什么登录，华硕登陆入口

显卡公母线插头怎么接，显卡的线是怎么插的?

目录[+]

有恋爱养成的策略游戏，恋爱养成游戏